2012GK前三大题精讲
2012高考前三大题精讲.
解析:由题知 2,所以f(x) sin(2x 故选择A
将函数y sinx的图像上所有的点向右平行移动倍(纵坐标不变),所得图像的函数解析式是(A)y sin(2x
) (2x )] cos(2x ) cos2(x ),
42448
个单位长度,再把所得各点的横坐标伸长到原来的210
) (B)y sin(2x ) 1051 1
(C)y sin(x ) (D)y sin(x )
210220
2012高考前三大题精讲.
答案:C
下面有五个命题:
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A.a>b B.a<b C. a=b D.a与b的大小关系不能确定
在 ABC中,已知atanB btanA,试判断 ABC的形状.
定义在R上的偶函数f(x)满足f(x 2) f(x),且在区间[ 3, 2]上是减函数,若A、B是锐角三角形的两个内角,则
A、f(sinA) f(cosB) B、f(sinA) f(cosB) C、f(sinA) f(sinB) D、f(cosA) f(cosB)
2
2
2012高考前三大题精讲.
2
, 2)得A=2. 3
2 2 T
由x轴上相邻的两个交点之间的距离为得=,即T , 2
T 222
2 2 4
由点M(, 2)在图像上的2sin(2 ) 2,即sin( ) 1
3334 11 故 2k ,k Z 2k 326
解(1)由最低点为M(又 (0,
,故f(x) 2sin(2x )
266 7
(2) x [,], 2x [,]
122636 7 当2x =,即x 时,f(x)取得最大值2
;当2x
62666
即x
),
2
时,f(x)取得最小值-1,故f(x)的值域为[-1,2]
(I)求 ABC的面积; (II)若c 1,求a的值.
解(Ⅰ)cosA 2cos
2
A2523
1 2 () 1 255
2
又A (0, ),sinA cosA 以 ABC的面积为:
43
,而. cosA bc 3,所以bc 5,所55
114
bcsinA 5 2 225
(Ⅱ)由(Ⅰ)知bc 5,而c 1,所以b 5
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如图,在△ABC中,角A、B、C的对边分别为a、c,且8a=7b,
b、⑴ 求b:c的值;⑵求△ABC的面积
解:(1)∵8a 7b,故设a=7k,b=8k(k>0),由余弦定理可c a b 2abcosC=(72+82 -2×7×8cos1200)k2=169k2,∴c=13k,因此
2
2
2
b8
…………………………(6分) c13
(2)∵
111 13k 7k 8k
sin1200∴k
21324
11 13 (12分) 24138
∴S ABC
解:由 cos(A C)+cosB= cos(A C) cos(A+C)=
及B=π (A+C) 2
3, 2
3, 2
cosAcosC+sinAsinC (cosAcosC sinAsinC)=sinAsinC=
2
3. 4
又由b=ac及正弦定理得
sin2B sinAsinC,
故sinB
2
3,
4
sinB
于是 B=
或 sinB (舍去), π2π 或 B=. 33
又由 b ac知b a或b
c
2
所以 B=
π。 3
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已知 ABC中,|AC| 1, ABC 120, BAC ,记f( ) AB BC, (1)求f( )关于 的表达式; (2)求f( )的值域;
解(1)由正弦定理有:
|BC|1|AB|
;
sin sin1200sin(600 )
sin(600 )1
∴|BC| ; sin ,|AB| 00
sin120sin120
∴f( ) AB BC
14123
sin sin(600 ) (cos sin )sin
23232
1 1
sin(2 ) (0 ) 3663
5
;
3666
1 1∴ sin(2 ) 1;∴f( ) (0,]
626
(2)由0
2
在 ABC中,内角A、B、C的对边长分别为a、b、c,已知a c 2b,且sinAcosC3c ossiAn,C 求b
解法一:在 ABC中 sinAcosC 3cosAsinC,则由正弦定理及余弦定理
2
2
a2 b2 c2b2 c2 a2
3 c,化简并整理得:2(a2 c2) b2.又由已知a2 c2 2b 4b b2.有:a2ab2bc
解得b 4或b 0(舍).
解法二:由余弦定理得: a c b 2bccosA.又a c 2b,b 0。 所以b 2ccosA 2 ①
又sinAcosC 3cosAsinC, sinAcosC cosAsinC 4cosAsinC
2
2
2
2
2
sin(A C) 4cosAsinC,即sinB 4cosAsinC
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由正弦定理得sinB
b
sinC,故b 4ccosA ② c
由①,②解得b 4。
解:设BC a,AC
b,AB c由2AB AC AC得2
bccosA ,所以cosA 又
A (0, ),因此A
6
222
AC
3BC得bc
,于是sinC
sinB A
所以sinC sin(
5 1C) C)
,sinC (cosC
,因此
224
64
2sinC cosC 2C 2C2C 0,既sin(2C ) 0
3
5 4
由A=知0 C ,所以 ,2C ,从而
63336
2 2C 0,或2C ,,既C ,或C ,故
3363 2 2
。 A ,B ,C ,
或A ,B ,C
解(1)证明:由B C ∴sinA sin(
2
得A
B C
2
2C
2
2C) cos2C
4分 ab
2b
① 6分
, ∴
sinAsinBcos2CcosC
(2)由正弦定理得
又
1
absinC a=2, ∴ bsinC ② 8分 2
解①②得tan2C , ∴C
6
,b
12分
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(1)求角A;(2)若b2 c2
12
a,求sin(B C)的值。 2
解
b2 a2 c2cos(A C)cos(A C) 2cosB
2cosB,
acsinAcosAsinAcosAsin2A(1)
2cosB
2cosB , ABC 为斜三角形 cosB 0 sin2A=1
sin2A
A (0, ) 2A
2
,A
4
(2)由题意得:sin(B C) sinBcosC cosBsinC
2(b
2 c2)a2a1
ba2 b2 c2ca2 c2 b2
sinA 4Ra4Ra4R22R2ab2R2ac
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【答案】(1)由acosB bcosA c可得
22sinAcosB 2sinBcosA sin(A B) sinAcosB cosAsinB
tanA
=3 tanB
(2)设tanB t,则tanA 3t且t 0
sinAcosB 3sinBcosA
4分
tan(A B)
3t t2t
1 3t21 3t2
213t
t
3 3
10分
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此时t
3
B A ,故C ,△ABC为直角三角形 3632
12分
(I) 求函数 f(x) 的周期及最大值;
【答案】 (1)因为a与b共线,所以
11y (sinx cosx) 0 222
则y f(x)
2sin(x 当x 2k
3
),所以f(x)的周期T=2
,
6
,k Z,fmax
2 ┄┄┄┄┄┄┄6分
(2)因为f(A-
3
) 2sin(A
3
3
)
sinA
因为0 A
2
A
3
.由正弦定理得
BCAC ,又sinB
sinAsinB7
AC
BCsinB 2,且sinC
sinA14
1┄┄┄┄┄┄┄┄14分 ACBCsinC
2 S ABC
(Ⅰ)若f(x)的最小正周期为 ,求f(x)的单调增区间;
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【答案】 (1)f(x)
1 cos2 x
2分 sin2 x
22
sin 2 x T , 0,
令
1
. 3分 6 2
2
, 1. 4分 2
2
2k 2x
6
2
2k ,k Z, 5分
得,
3
k x
6
k ,k z, 6分
所以,f(x)的单调增区间为:
k , k ,k Z. 7分
6 3
(2) f(x) sin 2 x
1
kkss**55**uu 的一条对称轴方程为.
6 23
k ,k z. 9分
36231
k . 11分
22
1
又0 2, k 1.
31
k 0, . 13分
2
2
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213
2012高考前三大题精讲.
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已知各项均为正数的等比数列{an}的前n项和为Sn,a1 3,S3 39. (1)求数列{an}通项公式; (2)若在an与an 1之间插入n个数,使得这n 2个数组成一个公差为dn的等差数列,
31-q3
39 【答案】解:(Ⅰ) a1 3,S3 39, q 1
1 q 1 q q2 13,q2 q 12 0
q 3 故an 3n 6分
(Ⅱ) an 3,则an 1 3
nn 1
2 3n
,由题知:an 1 an (n 1)dn,则dn .
n 1
由上知:
1n 111123n 1
,所以 T nn2n
dn2 3d1d2dn2 32 32 3
123n 1211111n 1
,所以 Tn T ( ) n
32 322 332 3n 133232333n2 3n 1
1 1n 1
1 ()
119 3 n 1 5 5 2n,所以T 5 5 2n 5. 12分 nnn 1n 1
188 38322 3124 31 3
2012高考前三大题精讲.
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